Aalto yliopiston teknillinen korkeakoulu Gripenberg/Siljander Mat-1.1040 L4
1. v¨alikoe 23.2.2010
Kirjoita jokaiseen koepaperiin nimesi, opiskelijanumerosi ym. tiedot ! Laskin (yo-kirjoituksissa hyv¨aksytty) on sallittu apuv¨aline t¨ass¨a kokeessa!
1. Olkoonf(t) = min{t,1−t}, t ∈ [0,1]. Kun n ≥ 1niinf:n Fourier- kertoimet ovatf(n) =ˆ (−1)2π2nn−12 .
(a) P¨a¨attele ja/tai laske mit¨a Fourier-kertoimetf(n)ˆ ovat kunn≤0.
(b) Laske n¨aiden tulosten avullaP∞ n=1 1
(2n−1)4 (tai selit¨a ainakin miten laskisit t¨am¨an sarjan summan jos olisit ratkaissut (a)-kohdan).
Ratkaisu:(a)
f(0) =ˆ Z 1
0
f(t)dt= 1/2
1
t2 2 +
1 1/2
(t− t22) = 1
8+ 1−1 2 − 1
2+ 1 8 = 1
4. Kun t ∈ [0,12] niin f(t) = t ja kun t ∈ [12,1]niin f(t) = 1−t. Kun f jatketaan jaksolliseksi funktioksi niinf(t) = 1−(t−1) = −t = |t|kun t∈[−12,0], elif on parillinen funktio. T¨ast¨a seuraa, ett¨a josn <0niin
fˆ(n) = Z 12
−12
e−i2πntf(t)dt= Z 12
−12
e−i2πn(−s)f(−s)ds
= Z 12
−12
ei2πnsf(s)ds= ˆf(−n) = (−1)−n−1
2π2(−n)2 = (−1)n−1 2π2n2
(b) Edellisest¨a kohdasta n¨ahd¨a¨an, ett¨afˆ(n) = −π21n2 josnon pariton jaf(n) = 0ˆ josnon parillinen ja6= 0. Lis¨aksi p¨ateef(n) = ˆˆ f(−n). N¨ain ollen
X
n∈Z
|f(n)|ˆ 2 =|fˆ(0)|2+ 2 X∞
n=1
|fˆ(2n−1)|2 = 1 16+ 2
π4 X∞
n=1
1 (2n−1)4. Koska
Z 1 0
f(t)2dt = Z
−12
1
2t2dt= 2 Z 1
2
0
t2dt= 2 12
0
1
3t3 = 1 12, niin kaavastaP
n∈Z|f(n)|ˆ 2 =R1
0|f(t)|2dtsaadaan X∞
n=1
1
(2n−1)4 = π4 2
1 12 − 1
16
= π4 96.
2. Oleta tunnetuksi, ett¨a josg ∈L1(R)jag(ω) = 0ˆ kun|ω| ≥ 12 niin g(t) =
X∞
n=−∞
g(n)sin(π(t−n)) π(t−n) .
(a) Osoita, ett¨a josf ∈ L1(R)jafˆ(ω) = 0kun|ω| ≥ 2a1 miss¨aa > 0 niin
f(t) = X∞
n=−∞
f(na)sin(πa(t−na))
π
a(t−na) .
(b) Miksi p¨atee (a)-kohdan oletuksilla, ett¨a f on jatkuva (tai ainakin, ett¨af(t) = F(t)melkein kaikkialla miss¨aF on jatkuva)?
Ratkaisu:M¨a¨aritell¨a¨ang(t) = f(at). Silloing ∈ L1(R)jag(ω) =ˆ 1afˆ(ωa).
Nyt|ωa| ≥ 2a1 t¨asm¨alleen silloin kun|ω| ≥ 12 jotenˆg(ω) = 0kun|ω| ≥ 12. Jos nyt oletettuun kaavaang:n paikalle sijoitetaanf(at)saadaan tulokseksi
f(at) = X∞
n=−∞
f(an)sin(π(t−n)) π(t−n) . ja jos t¨ass¨a kaavassa valitaant = τa saadaan
f(τ) = X∞
n=−∞
f(an)sin(π(τa−n)) π(τa−n) =
X∞
n=−∞
f(an)sin(πa(τ −na))
π
a(τ −na) , ja v¨aite on todistettu.
(b) Josf ∈ L1(R)niinfˆ∈ C(R)ja kun oletetaan, ett¨af(ω) = 0ˆ kun
|ω| ≥ 2a1 niin fˆ ∈ L1(R) ja koskaf on k¨a¨anteiskaavan nojalla funktion fˆ(−ω)Fourier-muunnos niinf on jatkuva.
3. Oletetaan, ett¨af on jatkuva ja jaksollinen funktio (jonka jakso on1) ja ett¨a sen arvot f(Nk) tunnetaan pisteiss¨a Nk kunk = 0,1, . . . , N −1. Esit¨a jokin j¨arkev¨a ja tehokas tapa funktionf Fourier-kertoimien approksimaa- tioden laskemiseksi.
Ratkaisu:Valitaan jokin sopiva funktiopN :R→Csiten, ett¨apN(t+ 1) = pN(t)ja
pN(t) =
(1, t = 0,
0, t = Nk, k = 1,2, . . . , N −1, ja m¨a¨aritell¨a¨an sen avulla
g(t) =
NX−1
k=0
f Nk
pN t− Nk .
T¨am¨a funktio on jaksollinen jaksolla1ja jost = Nj miss¨a0 ≤j ≤ N −1 niin pN t− Nk
= 1kun k = j ja 0muilla arvoilla k ∈ {0, . . . , N −1}
ja siit¨a seuraa, ett¨ag(Nj) = f(Nj). M¨a¨airtell¨a¨anF(k) =f(Nk)ja lasketaan funktiong Fourier-kertoimet jolloin saadaan
ˆ g(m) =
Z 1 0
e−i2πmt
NX−1
k=0
F(k)pN t−Nk dt
=
N−1X
k=0
e−i2πmkN F(k) Z 1
0
e−i2πm(t−Nk)pN t− Nk dt=
=
NX−1
k=0
e−i2πmkN F(k) Z 1−Nk
−Nk
e−i2πmtpN(t)dt
=
NX−1
k=0
e−i2πmkN F(k)pcN(m) = ˆF(m)pcN(m).
4.
(a) Selit¨a miten harmonisten funktioiden maksimiperiaatteesta seuraa, ett¨a josΩ⊂Rdon avoin ja rajoitettu niin on olemassa korkeintaan yksi funktio u ∈ C(Ω) siten ett¨a u on harmoninen joukossa Ω ja u=greunalla∂Ωmiss¨ag on annettu funktio.
(b) Oletetaan, ett¨auon harmoninenRd:ss¨a ja on olemassa positiiviset vakiot vakiotα jaβ sek¨aγ ∈ (0,1)siten, ett¨a|u(x)| ≤ α+β|x|γ kaikillax∈Rd. Seuraako t¨ast¨a, ett¨auon vakio? Perustele!
Ratkaisu: Oletetaan, ett¨a olisi olemassa kaksi funktiotau1 ja u2, jotka to- teuttava annetut ehdot ja on osoitettava, ett¨au1 =u2. Erotusv =v1−u2on my¨os harmoninen joukossaΩ, jatkuva sen sulkeumassaΩjav =g−g = 0 reunalla∂Ω. Kun maksimiperiaatetta sovelletaan funktioon v saadaan ett¨a v(x) ≤ maxy∈∂Ωv(y) = 0 kun x ∈ Ω ja kun se sovelletaan funktion
−v (joka tietenkin toteuttaa samat ehdot) niin todetaan, ett¨a −v(x) ≤ maxy∈∂Ω(−v(y)) = 0 kunx ∈ Ω ja t¨ast¨a seuraa, ett¨a v(x) = 0kaikilla x∈Ωjau1 =u2.
(b) Olkoon |x| = r < R ja v(x) = u(x) +α +βRγ. Silloin v on harmoninenRd:ss¨a jav(y)≥0kun|y| ≤R. Poissonin kaavan mukaan
v(x) = 1 Ra(Sd−1)
Z
|y|=R
R2− |x|2
|x−y|d v(y)dS(y),
ja keskiarvo-ominaisuuden nojalla
v(0) = 1 Rd−1a(Sd−1)
Z
|y|=R
v(y)dS(y).
Koska v(y) ≥ 0jaR−r ≤ |x−y| ≤ R+r kun|y| = R niin saadaan ensin ep¨ayht¨al¨o
(R−r)Rd−2
(R+r)d−1 v(0)≤v(x)≤ (R+r)Rd−2 (R−r)d−1 v(0), jolloin funktionvm¨a¨aritelm¨ast¨a seuraa, ett¨a
(R−r)Rd−2 (R+r)d−1 −1
u(0) +α+βRγ
≤u(x)−u(0)
≤
(R+r)Rd−2 (R−r)d−1 −1
u(0) +α+βRγ . Nyt
R→∞lim R
(R−r)Rd−2 (R+r)d−1 −1
= lim
R→∞RRd−1−rRd−2−Rd−1−Pd−1 j=1
d−1 j
Rd−1−jrj
(R−r)d−1 =−dr,
ja
R→∞lim R
(R+r)Rd−2 (R−r)d−1 −1
= lim
R→∞RRd−1+rRd−2−Rd−1−Pd−1 j=1
d−1 j
Rd−1−j(−r)j
(R−r)d−1 =dr.
Koskaγ ∈(0,1)niin t¨ast¨a seuraa, ett¨a
R→∞lim
(R−r)Rd−2 (R+r)d−1 −1
u(0) +α+βRγ
= lim
R→∞
(R+r)Rd−2 (R−r)d−1 −1
u(0) +α+βRγ
= 0, josta seuraa, ett¨au(x) = u(0)ja koska xoli mielivaltainen niin n¨ahd¨a¨an, ett¨auon vakio.